访问类中定义的朋友函数

有这样的代码：

#include <iostream> class A{ public: friend void fun(A a){std::cout << "Im here" << std::endl;} friend void fun2(){ std::cout << "Im here2" << std::endl; } friend void fun3(); }; void fun3(){ std::cout << "Im here3" << std::endl; } int main() { fun(A()); // works ok //fun2(); error: 'fun2' was not declared in this scope //A::fun2(); error: 'fun2' is not a member of 'A' fun3(); // works ok } 

如何访问函数fun2（）？

Answer 1

 class A{ public: friend void fun(A a){std::cout << "Im here" << std::endl;} friend void fun2(){ std::cout << "Im here2" << std::endl; } friend void fun3(); }; 

尽pipefun2定义确实定义了一个“全局”函数而不是一个成员，并且同时使它成为A一个friend ， A在全局范围本身中仍然缺less相同函数的声明。

这意味着该范围中的任何代码都不存在fun2存在的任何想法。

同样的问题发生的fun ，除了参数依赖查找可以接pipe并find函数，因为有一个typesA的参数。

我build议用通常的方式来定义你的function：

 class A { friend void fun(A a); friend void fun2(); friend void fun3(); }; void fun(A a) { std::cout << "I'm here" << std::endl; } void fun2() { std::cout << "I'm here2" << std::endl; } void fun3(); 

现在注意， 一切正常 （ fun3除外，因为我从来没有定义过）。

Answer 2

你可以调用fun的原因是， A类中的朋友声明只能通过依赖于参数的查找来使其可见。 否则，朋友声明不会使它们声明的函数在出现的类范围之外自动可见。

您需要在命名空间范围或main内添加一个声明，以使fun2在main可见。

例如

 void fun2(); 

fun3在main里面是可见的，因为它的定义（在类之外）也是一个声明，使得它可以从main看到。

ISO / IEC 14882：2011 7.3.1.2：

直到在该名称空间范围内（在授予友谊的类定义之前或之后）提供匹配声明之前，通过无限制查找（3.4.1）或合格查找（3.4.3）才能find该朋友的名字。

3.4.2（与参数相关的名称查找）/ 4：

任何在关联类中声明的名称空间范围的好友函数或好友函数模板，在其各自的名称空间内都是可见的，即使它们在普通查找过程中不可见（11.3）。